diff --git a/content/408/《计组》大题.md b/content/408/《计组》大题.md
new file mode 100644
index 0000000..956b01b
--- /dev/null
+++ b/content/408/《计组》大题.md
@@ -0,0 +1,582 @@
+---
+title: "《计组》大题"
+date: 2023-07-23T11:15:49+08:00
+
+---
+
+## 换算单位及公式
+
+* 1G = $2^{10}$M = $2^{20}$K，当表示传输率时K = $10^3$;表示容量时K = $2^{10}$
+* 1ns = $10^3$ms【毫秒】 = $10^6$us【微秒】=$10^9$ns【纳秒】 = $10^{12}$ps【皮秒】
+* 1B【字节】 = 8bit【位】【比特】
+* 存储容量 = 存储字数 * 字长
+* 存储器的数据传输率 = 数据宽度/存储周期
+* 数据线的宽度 = MDR的宽度 = 存储字长
+* 地址线的宽度 = MAR的宽度 = 存储字数
+* C语言中
+  * double = 8字节 = 64位
+  * float = 4字节 = 32位
+  * int = 4 字节
+  * char = 1字节
+  * short = 2字节
+  * long = 4字节
+* 存储元：存储二进制的电子元件，每个存储元可存1bit
+* 存储单元：每个存储单元存放一串二进制代码
+* 存储字字：存储单元中二进制代码的组合
+* 存储字长：存储单元中二进制代码的位数
+* 机器字长：计算机一次能处理的二进制代码长度，可通过寄存器的位数判断机器字长
+  * 一定与机器字长相同的部件：ALU，通用寄存器
+* 指令字长：指令的二进制长度
+* 数据字长：数据总线一次能并行传送信息的次数
+
+
+
+## 历年真题
+
+![](../../images/《计组》大题/历年真题1.jpg)
+
+（1）
+
+A准备32位数据所需要的时间 = $\frac{4B}{2MB/S} = 2us$即最多每隔2us查一次
+
+每次查询次数为$\frac{1s}{2us} = 5\times 10^5$
+
+每秒CPU用于A输入输出的时间至少为$5\times10^5\times10\times4 = 2\times 10^7$个时钟周期
+
+百分比 = $\frac{2 \times 10^7}{500M} = 4%$
+
+（2）
+
+中断响应和中断处理的时间 = 400$\times \frac{1}{500M} = 0.8us$
+
+B准备32位数据需要的时间 = $\frac{4B}{40MB/S} = 0.1us$<中断处理时间
+
+因此数据会被刷新，B不适合采用中断IO方式
+
+（3）
+
+B每秒的DMA次数最多 = $\frac{40MB}{1000B} = 40000$次
+
+CPU用于B输入输出时间 = $40000\times500 = 2\times10^7$个时钟周期
+
+百分比 = $\frac{2\times10^7}{500M} = 4%$
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/历年真题2.jpg)
+
+（1）
+
+传送一个ASCII码，传输一个起始位，7位数据位，1个校验位，1位停止位，共1+7+1+1=10
+
+1S可接收$\frac{1}{0.5\times10^{-3}}$= 20000个字符
+
+（2）
+
+时钟周期 = $\frac{1}{50M} = 20ns$
+
+将字符送到端口的时间 = $\frac{0.5ms}{20ns} = 2.5\times10^4$个时钟周期
+
+1000个字符所需时钟周期 = $1000\times(2.5\times10^4+10+15\times4) = 25070000$个
+
+CPU的时间 = $1000\times(10+20\times4) = 90000$个时钟周期
+
+关中断、保护断点和程序状态、识别中断源
+
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/历年真题3.jpg)
+
+（1）
+
+1S内申请的中断次数 = $\frac{0.5MB}{4B} = 125000$次
+
+CPU每次用于数据传送的时钟周期 = $5\times18 + 5\times2$ = 100个时钟周期
+
+1S用于中断的开销 = 100$\times125000 = 12.5M$个时钟周期
+
+因此百分比 = $\frac{12.5M}{500M} = 2.5%$
+
+（2）
+
+1SDMA次数 = $\frac{5MB}{5000B} = 1000$次
+
+DMA的开销 = $1000\times500 = 0.5M$个时钟周期
+
+百分比 = $\frac{0.5M}{500M} = 0.1%$
+
+## 存储系统相关
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统1.jpg)
+
+（1）
+
+主存块大小64B = $2^6B$ ,主存地址低6位为块内地址
+
+Cache组数 = $\frac{32KB}{64B\times8} = 2^6$，主存中地址6位为Cache组号
+
+Tag位为32-6-6 = 20位
+
+LRU位占3位（$2^3$ = 8）
+
+采用直写方式，无修改位
+
+（2）
+
+0080 0000H 低6位全为0
+
+因此S位于主存块的开始处
+
+每块可容纳$\frac{64B}{4B} = 16个int$数据
+
+Cache缺失次数 = $\frac{1024}{16} = \frac{2^{10}}{2^4} = 2^6 = 64$次
+
+（3）
+
+0010 0003H，组索引为0，让地址映射到指令Cache的第0组
+
+Cache初始为空，Cache行有效位为0，Cache访问缺失
+
+该主存块取出后存入指令Cache第0组的任意一行，将主存地址有20位填入该行标记字段，设置有效位，修改LRU位
+
+根据块内地址0000 11B从该行取出相应内容
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统2.jpg)
+
+
+（1）
+
+CPU时钟周期 = $\frac{1}{800M} = 1.25ns$
+
+总线时钟周期 = $\frac{1}{200M} = 5ns$
+
+总线带宽 = $200M \times \frac{32}{8} = 800MB/S$
+
+（2）
+
+Cache块32B，Cache缺失时要一个读突发传送总线事务读取一个主存块
+
+（3）
+
+一次读突发传送总线事务 = 1次地址传送 + 32B数据传送 = 5ns+40+8$\times$5 = 85ns
+
+（4）
+
+Cache中1条指令用的时间 = 1.25$\times$4 = 5ns
+
+Cache缺失的额外开销 = 平均访存次数 $\times$Cache缺失率$\times$1次总线突发时间 = 1.2$\times$5% $\times$ 85ns = 5.1ns
+
+即执行时间 = 100$\times 15 + 5.1 = 1505.1ns$
+
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统3.jpg)
+
+（1）
+
+页大小4KB，即页内地址占12位
+
+因此高18位表示虚页号，低122位表示页内地址
+
+（2）
+
+8组，3位表示组号
+
+|TLB15位|3位组号|12位页内地址|
+|---|---|---|
+
+（3）
+
+LRU，最近最少使用
+
+TLB组号 = 虚页号 mod TLB组数
+
+TLB组号依次为2,4,0,7,3,4,4,4
+
+4号组虚页号为12,4,12,20
+
+替换虚页号4
+
+（4）
+
+虚页号增减32 - 30 = 2位，TLBTag字符增加2位
+
+TLB表位数增加2位
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统4.jpg)
+
+（1）
+
+物理地址 = 实页号 + 页内地址 = 16+12 = 28位
+
+（2）
+
+全相联映射，TLB用SRAM
+
+（3）
+
+Cache采用组相联映射，1位LRU位，1位脏位
+
+Cache总容量 = $2^3\times2(20+1b+1b+1b+23B) = 4464b = 558B$
+
+有效位用来指出所在Cache行中的信息是否有效
+
+（4）
+
+0008 C040的虚页号为0008H，对应实页号0040H
+
+物理地址0040040H，组号010 = 2组
+
+有对应项，但有效位=0，因此Cache不命中
+
+0007C60，后12位 = 260H = 0010 0110 0000
+
+组号011=3，第3组
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统5.jpg)
+
+（1）
+
+虚拟地址24位（$2^{24} = 16MB$）
+
+物理地址20位（$2^{20} = 1MB$）
+
+页面大小4KB = 页面偏移量占12位
+
+因此高12位表示虚页号，高8位表示页框号
+
+（2）
+
+Cache8行 = Cache块号占3位（$2^3$ = 8）
+
+块大小32B = 块内偏移量占5位（$2^5 = 32$）
+
+主存字块标记占20-8 = 12位
+
+|主存字块标记12为|Cache字块标记3位|字块内标记5位|
+|---|---|---|
+
+（3）
+
+001C60H = 0000 0000 0001 1100 0110 0000
+
+虚页号为 0000 0000 0001 = 1且有效位为1 = 在主存中对应页框04
+
+即物理地址为0000 0100 1100 0110 0000 = 04C60H
+
+Cache字块号为011=3，有效位为1，值为105H不等于04CH
+
+因此Cache未命中
+
+（4）
+
+024BACH = 0000 0010 0100 1011 1010 1100
+
+TLB有2个组 = 高11位为TLB标记，最低1位为TLB组号
+
+虚页号为0000 0010 0100B，TLB标记为0000 0010 010B = 012H，组号为0
+
+组0有效位 = 1，标记 = 012的项 = TLB命中，即在主存中
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统6.jpg)
+
+（1）
+
+页大小8KB = 页内偏移地址为13位
+
+A = B = 32 -13 = 19,D = 13,C = 24-13 = 11
+
+Cache行数 = $\frac{64KB}{64KB\times2} = 512 $ => F = 9
+
+主存块大小 = 64KB => G = 6
+
+因此A=B=19,C=11,D=13,E=24-9-6=9,F=9,G=6
+
+（2）
+
+4099 = 00 0001 0000 0000 0011
+
+cache组号 = 0 0000 0011  = 3
+
+对应H字段内容为 0 0000 1000B
+
+（3）
+
+缺页更大，缺页处理需要访问磁盘，Cache缺失访问主存
+
+（4）
+
+直写策略同时写快速存储器而慢速磁盘速度更慢，所以在Cache-主存层次用直写
+
+在主存-外存层次，用回写策略
+
+
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统7.jpg)
+
+（1）
+
+|有效位|脏位|替换控制位|标记位|
+|---|---|---|---|
+
+地址总长度28位（$2^28$ = 256MB）
+
+块内地址6位（$2^6 = 64$）
+
+cache块号3位（$2^3 = 8$）
+
+所以Tag位数 = 28-6-3 = 19位，1位有效位
+
+所以cache行为
+
+|有效位1位|19位标记位|64B存储的数据|
+|---|---|---|
+
+数据cache容量 = $8\times(64+\frac{20}{8})B = 532B$
+
+（2）
+
+a[0][3]地址 = $320+32\times4B = 101000000+001111100 = 110111100_B$=>cache行号为$110_B = 6$
+
+a[1][1]地址 = $320+256\times4+1\times4 = 1348 = 10101000100_B$=>Cache行号为$101_B = 5$
+
+（3）
+
+数组A按行存放，程序A按行存取
+
+每个字块存16个int数型，A的命中率 = $\frac{15}{16} = 93.7%$,B的命中率 = 0，A更快
+
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/存储系统8.jpg)
+
+（1）
+
+4KB = $2^{12}B$ =>虚拟地址高20位为虚拟页号
+
+1行和30行都为00401H=>都在同一页中
+
+（2）
+
+Cache有$\frac{64}{4} = 16组 $=>组号占4位
+
+主存块大小64B =>块内地址占6位
+
+|22位Tag|4位组号|6位块内地址|
+|---|---|---|
+
+（3）
+
+16行：00401025H
+
+025H = 0000 0010 0101B
+
+页大小4KB =>虚地址与物地址低12位相同
+
+组号为0000B = 0 =>对应cache组号为0命中
+
+---
+
+
+## 数据运算相关
+
+![](../../images/《计组》大题/数据运算1.jpg)
+
+（1）
+
+X = $(134)_{10} = 1000 0110B =>R_1的内容为86H$
+
+$y = (246)_{10} = 1111 0110B$
+
+$x-y = 1000 0110 + 0000 1010 = 1001 0000$
+
+=>$R_5的内容为90H$
+
+x+y = 1000 0110 +1111 0110 = 0111 1100 = 7CH
+
+=>$R_6的内容为7CH$
+
+（2）
+
+$m = 1000 0110_{[补]} = 1111 1010_{[原]} = -122$
+
+$ n = 1111 0110_{[补]} = 1000 1010_{[原]} = -10$
+
+（3）
+
+能，n位加法器可实现
+
+
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/数据运算2.jpg)
+
+（1）
+
+乘法可通过加法和移位实现
+
+（2）
+
+控制循环次数，控制加法和移位操作
+
+（3）
+
+a最长，c最短
+
+---
+
+
+
+## 指令执行相关
+
+
+![](../../images/《计组》大题/指令执行1.jpg)
+
+（1）
+
+10次，16行的call指令
+
+（2）
+
+12行是条件转移指令
+
+16行，20行，30行一定会使程序跳转执行
+
+（3）
+
+0040 1025 + 5 = 0040 102AH
+
+目标地址 = （PC）+ 偏移量 => 偏移量 = 00401000H - 0040 102AH = FFFF FFD6H
+
+小端方式
+
+（4）
+
+f(13) > $2^{32} - 1$，发生了溢出的错误结果，可将$f_1$的返回值类型改为double
+
+（5）
+
+乘积的高33位非全0或非全1，OF = 1，加一条溢出自陷指令
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/指令执行2.jpg)
+
+（1）
+
+CISC，M的指令长短不一，不符合RISC的指令系统的特点
+
+（2）
+
+长度 = 0040 107FH -0040 1020H +1 = 60H = 96B
+
+（4）
+
+不能，$f_2$为浮点数，其有阶码，不能单纯靠左移实现power*2运算
+
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/指令执行3.jpg)
+
+（1）
+
+ALU宽度16位，可寻址大小 = $2^{20}B = 1MB$
+
+指令寄存器长度 = 单条指令长度 = 16位
+
+MAR20位，MDR8位
+
+（2）
+
+R型：$2^4 = 16$种操作
+
+通用寄存器 = $2^2 = 4个$
+
+I、J型：2^6 -1 = 63种操作
+
+（3）
+
+01B2H = 0000 0001 1011 0010B
+
+功能为R[3]$\leftarrow$ R[1]-R[2]
+
+执行01B2H：B052H - 0008H = B04AH,未溢出
+
+执行01B3H：B052H $\times$0008H = 8290H，结果溢出
+
+（4）
+
+符号扩展
+
+（5）
+
+丁型指令
+
+---
+
+![](../../images/《计组》大题/指令执行4.jpg)
+
+（1）
+
+最多 $2^4$ = 16条指令（操作码占4位）
+
+操作数占6位，寻址方式占3位，寄存器编号占3位=>$2^3$ = 8个通用寄存器
+
+MAR需16位（128KB = $2^{17}B$）
+
+字长为16位 => MDR至少为16位
+
+（2）
+
+PC的范围 0~$2^{16}-1$(存储器字长16位)
+
+$R_n$的相对偏移量 $-2^{15}\backsim2^{15}-1$
+
+主存地址空间$2^16$
+
+因此转移指令的目标范围为0000H ~ FFFFH($0\backsim2^{16}-1)$
+
+（3）
+
+add（R4）,（R5）+
+
+|OP|Ms|Rs|Md|Rd|
+|---|---|---|---|---|
+|0010|001|100|010|101|
+
+十六进制为0010 0011 0001 0101B = 2315H
+
+将R4内容所指的存储单元的数据与R5内容中所指的存储单元数据相加再将结果送入R5内容所指的存储单元中
+
+（R4） = 1234H，（1234H） = 5678H，（D5） = 5678H，（5678） = 1234H
+
+即5678H + 1234  = 68ACH，之后R5自增
+
+R5和存储单元5678H会改变，R5的内容从5678H变为5679H，5678H内容变为68ACH
+
+
+---
diff --git a/content/408/《计组》输入输出系统.md b/content/408/《计组》输入输出系统.md
index 4c7de2a..73a88f6 100644
--- a/content/408/《计组》输入输出系统.md
+++ b/content/408/《计组》输入输出系统.md
@@ -223,4 +223,62 @@ date: 2023-07-22T13:59:04+08:00
 
 * 各种IO控制方式的对比和例题
 * ![](../../images/《计组》输入输出系统/IO控制方式对比.png)
-* ![](../../images/《计组》输入输出系统/IO例题.jpg)
\ No newline at end of file
+* ![](../../images/《计组》输入输出系统/IO例题.jpg)
+
+
+## 思维导图
+
+* 结构
+  * CPU
+    * 程序查询
+    * 中断
+    * DMA
+  * 接口
+    * 按字传输型，每次传输一个字
+    * DMA型，每次传输一整块
+  * 传输总线
+    * 并行
+      * 多位一起传
+    * 串行
+      * 一位一位传
+      * 可能会有附加的校验位、起始位、结束位
+  * 设备
+    * 无指挥
+      * IO设备按自己的节奏往IO缓冲区冲入数据
+      * CPU不及时取走数据，可能导致数据丢失
+    * 有指挥
+      * IO设备会根据CPU的智慧，往IO缓冲区冲如数据
+      * CPU从缓冲区中取走一个字的数据后，会智慧IO设备输入下一个字的数据，不会有数据丢失的问题
+* 重点
+  * CPU每次介入的动作
+    * 程序查询方式
+      * 每次检查IO接口数据是否准备完毕
+      * 一次程序查询的时间开销，需要执行多少条指令/多少个时钟周期
+      * CPU介入的频率，取决于查询程序上CPU的时间频率
+    * 中断控制方式
+      * 中断响应（隐指令）
+        * 时间开销
+          * 通常以时钟数作为条件
+      * 中断服务程序
+        * 时间开销
+          * 时钟数
+          * 指令总数，结合CPI
+      * CPU介入的频率
+        * 取决于IO接口发来中断的频率
+    * DMA控制方式
+      * 预处理
+        * 让DMA接口输入一块数据
+      * 后处理
+        * 一整块数据传输完成后，DMA接口给CPU中断，CPU处理中断
+      * CPU介入频率
+        * 每传一块介入一次
+  * 数据丢失问题
+    * 程序查询方式
+      * 当IO缓冲区大小有限时，每一次数据冲入后，CPU都要及时把数据取走，防止丢失
+      * 若CPU每次查询的时间开销太久，可能导致IO接口数据覆盖
+    * 中断控制方式
+      * 判断是否会数据丢失，中断处理的时间，总共花了多少，是否大于IO接口冲入一次数据的时间
+      * 若中断处理时间太久，可能导致IO接口数据覆盖
+    * DMA控制方式
+      * 不会数据丢失
+
diff --git a/static/images/《计组》大题/历年真题1.jpg b/static/images/《计组》大题/历年真题1.jpg
new file mode 100644
index 0000000..c483d30
Binary files /dev/null and b/static/images/《计组》大题/历年真题1.jpg differ
diff --git a/static/images/《计组》大题/历年真题2.jpg b/static/images/《计组》大题/历年真题2.jpg
new file mode 100644
index 0000000..ed4adb2
Binary files /dev/null and b/static/images/《计组》大题/历年真题2.jpg differ
diff --git a/static/images/《计组》大题/历年真题3.jpg b/static/images/《计组》大题/历年真题3.jpg
new file mode 100644
index 0000000..f8bfb04
Binary files /dev/null and b/static/images/《计组》大题/历年真题3.jpg differ
diff --git a/static/images/《计组》大题/存储系统1.jpg b/static/images/《计组》大题/存储系统1.jpg
new file mode 100644
index 0000000..2c7eb91
Binary files /dev/null and b/static/images/《计组》大题/存储系统1.jpg differ
diff --git a/static/images/《计组》大题/存储系统2.jpg b/static/images/《计组》大题/存储系统2.jpg
new file mode 100644
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Binary files /dev/null and b/static/images/《计组》大题/存储系统2.jpg differ
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